python NameError: глобальна назва '__file__' не визначена

Коли я запускаю цей код у python 2.7, я отримую цю помилку:

Traceback (most recent call last):
File "C:\Python26\Lib\site-packages\pyutilib.subprocess-3.5.4\setup.py", line 30, in <module>
    long_description = read('README.txt'),
  File "C:\Python26\Lib\site-packages\pyutilib.subprocess-3.5.4\setup.py", line 19, in read
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()
NameError: global name '__file__' is not defined

код:

import os
from setuptools import setup


def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()


setup(name="pyutilib.subprocess",
    version='3.5.4',
    maintainer='William E. Hart',
    maintainer_email='wehart@sandia.gov',
    url = 'https://software.sandia.gov/svn/public/pyutilib/pyutilib.subprocess',
    license = 'BSD',
    platforms = ["any"],
    description = 'PyUtilib utilites for managing subprocesses.',
    long_description = read('README.txt'),
    classifiers = [
        'Development Status :: 4 - Beta',
        'Intended Audience :: End Users/Desktop',
        'License :: OSI Approved :: BSD License',
        'Natural Language :: English',
        'Operating System :: Microsoft :: Windows',
        'Operating System :: Unix',
        'Programming Language :: Python',
        'Programming Language :: Unix Shell',
        'Topic :: Scientific/Engineering :: Mathematics',
        'Topic :: Software Development :: Libraries :: Python Modules'],
      packages=['pyutilib', 'pyutilib.subprocess', 'pyutilib.subprocess.tests'],
      keywords=['utility'],
      namespace_packages=['pyutilib'],
      install_requires=['pyutilib.common', 'pyutilib.services']
      )

Ця помилка виникає, коли ви додаєте цей рядок os.path.join(os.path.dirname(__file__))в інтерактивну оболонку python.

Python Shellне виявляє поточний шлях до файлу __file__і пов’язаний з вашим, filepathу якому ви додали цей рядок

Тому слід написати цей рядок os.path.join(os.path.dirname(__file__))у file.py. а потім запустіть. python file.pyЦе працює, тому що займає ваш шлях.

У мене була така ж проблема з PyInstaller і Py2exe, тому я наткнувся на вирішення питань щодо поширених питань від cx-freeze.

Використовуючи ваш скрипт з консолі або як додаток, функції, надані нижче, доставлять вам "шлях виконання", а не "фактичний шлях до файлу":

print(os.getcwd())
print(sys.argv[0])
print(os.path.dirname(os.path.realpath('__file__')))

Джерело:
http://cx-freeze.readthedocs.org/en/latest/faq.html

Ваш старий рядок (початкове запитання):

def read(*rnames):
return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()

Замініть свій рядок коду наступним фрагментом.

def find_data_file(filename):
    if getattr(sys, 'frozen', False):
        # The application is frozen
        datadir = os.path.dirname(sys.executable)
    else:
        # The application is not frozen
        # Change this bit to match where you store your data files:
        datadir = os.path.dirname(__file__)

    return os.path.join(datadir, filename)

За допомогою наведеного вище коду ви можете додати свою програму до контуру вашого ОС, ви можете її виконати в будь-якому місці без проблеми, що ваша програма не в змозі знайти файли даних / конфігурації.

Тестований на python:

• 3.3.4
• 2.7.13

змінити свої коди так! це працює для мене. `

os.path.dirname(os.path.abspath("__file__"))

Я зіткнувся з випадками, коли __file__не працює так, як очікувалося. Але наступне не підвело мене досі:

import inspect
src_file_path = inspect.getfile(lambda: None)

Це найближче до аналогу Python в C - х __FILE__.

Поведінка в Python __file__сильно відрізняється від C - х __FILE__. Версія C надасть вам вихідний шлях до вихідного файлу. Це корисно при помилках реєстрації та знанні, у якому вихідному файлі є помилка.

Python __file__дає лише ім'я файлу, що виконується в даний час, що може бути не дуже корисним при виведенні журналу.

Чи використовуєте ви інтерактивного перекладача? Можна використовувати

sys.argv[0]

Ви повинні прочитати: Як отримати шлях до поточного виконаного файлу в Python?

Я вирішив це, розглядаючи файл як рядок, тобто ставив "__file__"(разом із цитатами!) Замість__file__

Це добре для мене:

wk_dir = os.path.dirname(os.path.realpath('__file__'))

Якщо все, що ви шукаєте, - це отримати ваш поточний робочий каталог os.getcwd(), ви отримаєте те саме, os.path.dirname(__file__)доки ви не змінили робочий каталог в іншому місці свого коду. os.getcwd()також працює в інтерактивному режимі.

Так os.path.join(os.path.dirname(__file__)) стає os.path.join(os.getcwd())

Ви отримаєте це, якщо будете виконувати команди з оболонки python:

>>> __file__
Traceback (most recent call last):
  File "<stdin>", line 1, in <module>
NameError: name '__file__' is not defined

Файл потрібно виконати безпосередньо, передавши його як аргумент pythonкоманді:

$ python somefile.py

У вашому випадку це справді повинно бути python setup.py install

Що ви можете зробити, це скористатися наступним

import os
if '__file__' in vars():
    wk_dir = os.path.dirname(os.path.realpath('__file__'))
else:
    print('We are running the script interactively')

Зауважте тут, що використання рядка '__file__'дійсно стосується фактичної змінної __file__. Ви можете перевірити це, звичайно, самі.

Додатковим бонусом цього рішення є гнучкість, коли ви запускаєте сценарій частково інтерактивно (наприклад, для тестування / розробки), і можете запускати його за допомогою командного рядка

Якщо ви виконуєте файл за допомогою командного рядка, ви можете використовувати цей злом

import traceback

def get_this_filename():
    try:
        raise NotImplementedError("No error")
    except Exception as e:
        exc_type, exc_value, exc_traceback = sys.exc_info()
        filename = traceback.extract_tb(exc_traceback)[-1].filename
    return filename

Це працювало для мене в консолі UnrealEnginePython, зателефонувавши py.exec myfile.py

У мене була така ж проблема в зошиті Юпітера. Поки я використовував 'os.path.split (os.path.realpath ( файл ))', ноутбук видав помилку.

Таким чином я використав " файл ". Це спрацювало чудово.

У мене точно однакова проблема і я використовую, мабуть, той самий підручник . Визначення функції:

def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()

баггі, оскільки os.path.dirname(__file__)не поверне те, що потрібно. Спробуйте замінити os.path.dirname(__file__)на os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)):

def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)), *rnames)).read()

Я щойно опублікував Ендрю, що фрагмент коду в поточних документах не працює, сподіваємось, він буде виправлений.