jQuery AJAX файл завантаження PHP

159

Я хочу здійснити просте завантаження файлів на своїй інтранет-сторінці з найменшими можливими налаштуваннями.

Це моя частина HTML:

<input id="sortpicture" type="file" name="sortpic" />
<button id="upload">Upload</button>

і це мій сценарій jquery JS:

$("#upload").on("click", function() {
    var file_data = $("#sortpicture").prop("files")[0];   
    var form_data = new FormData();
    form_data.append("file", file_data);
    alert(form_data);
    $.ajax({
        url: "/uploads",
        dataType: 'script',
        cache: false,
        contentType: false,
        processData: false,
        data: form_data,                         
        type: 'post',
        success: function(){
            alert("works"); 
        }
    });
});

У кореневому каталозі веб-сайту є папка з назвою "uploads", із дозволами на зміну для "користувачів" та "IIS_users".

Коли я вибираю файл із файловою формою і натискаю кнопку завантаження, перше попередження повертається "[об'єкт FormData]". друге сповіщення не дзвонить, а папка "завантаження" теж порожня !?

Чи може хтось допомогти моєму з’ясувати, що не так?

Наступним кроком також має бути перейменування файлу з ім'ям, створеним на стороні сервера. Можливо, хтось може дати мені і рішення для цього.

— user2355509
джерело

Будь ласка, прочитайте це спочатку: stackoverflow.com/questions/166221/…

— Vincent Decaux

Для мене все працює, можливо, це ваш PHP-код?

— Корікулум

з цією формою немає нічого іншого, «пов’язаного». що ви розумієте з моїм PHP-кодом?

— user2355509

Я маю на увазі те, що ваш код працює, можливо, проблема в коді на вашому сервері.

— Корікулум

Чи отримуєте код помилки 500 при виконанні сценарію AJAX? Це вказувало б, що це помилка на стороні сервера. Також: переконайтеся, що під час налагодження ви виводите відповідь файлу PHP на консоль. Таким чином, якщо ваш PHP-код видає помилку, ви знаєте, що відбувається.

— Дідерік

285

Вам потрібен сценарій, який працює на сервері, щоб перемістити файл у каталог завантажень. Метод jQuery ajax(працює в браузері) надсилає дані форми на сервер, після чого сценарій на сервері обробляє завантаження. Ось приклад використання PHP.

Ваш HTML нормально, але оновіть сценарій JS jQuery, щоб він виглядав так:

$('#upload').on('click', function() {
    var file_data = $('#sortpicture').prop('files')[0];   
    var form_data = new FormData();                  
    form_data.append('file', file_data);
    alert(form_data);                             
    $.ajax({
        url: 'upload.php', // point to server-side PHP script 
        dataType: 'text',  // what to expect back from the PHP script, if anything
        cache: false,
        contentType: false,
        processData: false,
        data: form_data,                         
        type: 'post',
        success: function(php_script_response){
            alert(php_script_response); // display response from the PHP script, if any
        }
     });
});

А тепер для серверного скрипту, використовуючи PHP у цьому випадку.

upload.php : скрипт PHP, який працює на сервері та спрямовує файл у каталог завантажень:

<?php

    if ( 0 < $_FILES['file']['error'] ) {
        echo 'Error: ' . $_FILES['file']['error'] . '<br>';
    }
    else {
        move_uploaded_file($_FILES['file']['tmp_name'], 'uploads/' . $_FILES['file']['name']);
    }

?>

Також кілька речей про каталог призначення:

Переконайтеся, що у вас правильний шлях до сервера , тобто, починаючи з місця розташування скрипта PHP, який шлях до каталогу завантажень, і
Переконайтеся, що це можна записати .

І трохи про функцію PHP move_uploaded_file, що використовується у сценарії upload.php :

move_uploaded_file(

    // this is where the file is temporarily stored on the server when uploaded
    // do not change this
    $_FILES['file']['tmp_name'],

    // this is where you want to put the file and what you want to name it
    // in this case we are putting in a directory called "uploads"
    // and giving it the original filename
    'uploads/' . $_FILES['file']['name']
);

$_FILES['file']['name']- це ім'я файлу під час завантаження. Не потрібно цим користуватися. Ви можете надати файлу будь-яке ім’я (сумісна файлова система сервера), яке вам потрібно:

move_uploaded_file(
    $_FILES['file']['tmp_name'],
    'uploads/my_new_filename.whatever'
);

І нарешті, пам’ятайте про свої значення конфігурації PHP upload_max_filesizeІ post_max_size, і будьте впевнені, що ваші тестові файли не перевищують жодного. Ось декілька довідок про те, як перевірити конфігурацію PHP та як встановити максимальний розмір файлів та налаштування публікації .

— криваві кулаки
джерело

ей Криваві кулаки! дякую, я думаю, що це була одна велика річ, я неправильно зрозумів. Тому я додав файл php, і тепер я трохи ближче. Друге попередження також спливає! але папка все ще порожня.

— user2355509

Ага, назва введення форми "sortpic" змінюється на "файл" у form_data.appendфункції. Тому я змінив PHP-скрипт, щоб відобразити нову назву введення форми. Я також витягнув відповідь сценарію PHP в попередження про успіх в ajax, щоб допомогти з налагодженням.

— bloodyKnuckles

1

Друже, дай мені помилку з невизначеним індексним файлом за адресою$_FILES['file']

— Хендрі Танака

1

@partho, код prop ('files') [0] отримує доступ до локального файлу, призначеного для завантаження на сервер. Якщо вам потрібно більше пояснень, знайдіть функції jQuery "prop" та "html5 file upload".

— bloodyKnuckles

1

Я вирішив цю проблему. Причиною цього був розмір файлів, який був занадто великим.

— ron tornambe

4

**1. index.php**
<body>
    <span id="msg" style="color:red"></span><br/>
    <input type="file" id="photo"><br/>
  <script type="text/javascript" src="jquery-3.2.1.min.js"></script>
  <script type="text/javascript">
    $(document).ready(function(){
      $(document).on('change','#photo',function(){
        var property = document.getElementById('photo').files[0];
        var image_name = property.name;
        var image_extension = image_name.split('.').pop().toLowerCase();

        if(jQuery.inArray(image_extension,['gif','jpg','jpeg','']) == -1){
          alert("Invalid image file");
        }

        var form_data = new FormData();
        form_data.append("file",property);
        $.ajax({
          url:'upload.php',
          method:'POST',
          data:form_data,
          contentType:false,
          cache:false,
          processData:false,
          beforeSend:function(){
            $('#msg').html('Loading......');
          },
          success:function(data){
            console.log(data);
            $('#msg').html(data);
          }
        });
      });
    });
  </script>
</body>

**2.upload.php**
<?php
if($_FILES['file']['name'] != ''){
    $test = explode('.', $_FILES['file']['name']);
    $extension = end($test);    
    $name = rand(100,999).'.'.$extension;

    $location = 'uploads/'.$name;
    move_uploaded_file($_FILES['file']['tmp_name'], $location);

    echo '<img src="'.$location.'" height="100" width="100" />';
}

— Хасіб Камал
джерело

2

var formData = new FormData($("#YOUR_FORM_ID")[0]);
$.ajax({
    url: "upload.php",
    type: "POST",
    data : formData,
    processData: false,
    contentType: false,
    beforeSend: function() {

    },
    success: function(data){




    },
    error: function(xhr, ajaxOptions, thrownError) {
       console.log(thrownError + "\r\n" + xhr.statusText + "\r\n" + xhr.responseText);
    }
});

— Азхар
джерело

0

і це PHP-файл для отримання оновлених файлів

<?
$data = array();
    //check with your logic
    if (isset($_FILES)) {
        $error = false;
        $files = array();

        $uploaddir = $target_dir;
        foreach ($_FILES as $file) {
            if (move_uploaded_file($file['tmp_name'], $uploaddir . basename( $file['name']))) {
                $files[] = $uploaddir . $file['name'];
            } else {
                $error = true;
            }
        }
        $data = ($error) ? array('error' => 'There was an error uploading your files') : array('files' => $files);
    } else {
        $data = array('success' => 'NO FILES ARE SENT','formData' => $_REQUEST);
    }

    echo json_encode($data);
?>

— кавемб
джерело

Що if (true)робиш? Чи завжди оцінюється як істинне, так це марно, чи не так? Також у вас є додаткові кінці-кучері.

— Mr.Web

Я зафіксував це для вас. :)

— Mr.Web

0

Використовуйте чистий js

async function saveFile() 
{
    let formData = new FormData();           
    formData.append("file", sortpicture.files[0]);
    await fetch('/uploads', {method: "POST", body: formData});    
    alert('works');
}

<input id="sortpicture" type="file" name="sortpic" />
<button id="upload" onclick="saveFile()">Upload</button>
<br>Before click upload look on chrome>console>network (in this snipped we will see 404)

Розгорніть фрагмент

Ім'я файлу автоматично включається для запиту, і сервер може його читати, "тип вмісту" автоматично встановлюється на "багаточастинні / форми-дані". Ось більш розроблений приклад обробки помилок та додаткової передачі json

Показати фрагмент коду

async function saveFile(inp) 
{
    let user = { name:'john', age:34 };
    let formData = new FormData();
    let photo = inp.files[0];      
         
    formData.append("photo", photo);
    formData.append("user", JSON.stringify(user));  
    
    try {
       let r = await fetch('/upload/image', {method: "POST", body: formData}); 
       console.log('HTTP response code:',r.status); 
       alert('success');
    } catch(e) {
       console.log('Huston we have problem...:', e);
    }
    
}

<input type="file" onchange="saveFile(this)" >
<br><br>
Before selecting the file Open chrome console > network tab to see the request details.
<br><br>
<small>Because in this example we send request to https://stacksnippets.net/upload/image the response code will be 404 ofcourse...</small>

Розгорніть фрагмент

— Каміль Кийчевський
джерело

-1

Найкраще завантаження файлів за допомогою Jquery Ajax With Materialize Натисніть тут, щоб завантажити

Коли ви виберете зображення, зображення буде перетворено в базу 64, і ви можете зберегти це в базі даних, щоб воно також було легким.

— Уршит Шет
джерело