UIWebView відкриті посилання на Safari


304

У мене дуже простий UIWebView із вмістом мого пакету програм. Я хотів би, щоб будь-які посилання у веб-перегляді відкривалися в Safari замість веб-перегляду. Чи можливо це?


Прийнята нижче відповідь працюватиме не у всіх випадках.
IanS

Я додав кращу відповідь. Будь ласка, позначте мою відповідь як прийняту.
Янс

Відповіді:


657

Додайте це до делегата UIWebView:

(відредаговано, щоб перевірити тип навігації. Ви також можете передати file://запити, які будуть відносними посиланнями)

- (BOOL)webView:(UIWebView *)webView shouldStartLoadWithRequest:(NSURLRequest *)request navigationType:(UIWebViewNavigationType)navigationType {
    if (navigationType == UIWebViewNavigationTypeLinkClicked ) {
        [[UIApplication sharedApplication] openURL:[request URL]];
        return NO;
    }

    return YES;
}

Швидка версія:

func webView(webView: UIWebView, shouldStartLoadWithRequest request: NSURLRequest, navigationType: UIWebViewNavigationType) -> Bool {
        if navigationType == UIWebViewNavigationType.LinkClicked {
            UIApplication.sharedApplication().openURL(request.URL!)
            return false
        }
        return true
    }

Версія Swift 3:

func webView(_ webView: UIWebView, shouldStartLoadWith request: URLRequest, navigationType: UIWebViewNavigationType) -> Bool {
    if navigationType == UIWebViewNavigationType.linkClicked {
        UIApplication.shared.openURL(request.url!)
        return false
    }
    return true
}

Версія Swift 4:

func webView(_ webView: UIWebView, shouldStartLoadWith request: URLRequest, navigationType: UIWebView.NavigationType) -> Bool {
    guard let url = request.url, navigationType == .linkClicked else { return true }
    UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
    return false
}

Оновлення

Як openURLзастаріло в iOS 10:

- (BOOL)webView:(UIWebView *)webView shouldStartLoadWithRequest:(NSURLRequest *)request navigationType:(UIWebViewNavigationType)navigationType {
        if (navigationType == UIWebViewNavigationTypeLinkClicked ) {
            UIApplication *application = [UIApplication sharedApplication];
            [application openURL:[request URL] options:@{} completionHandler:nil];
            return NO;
        }

        return YES;
}

Не звертаючи уваги, ви б заперечили оновити свою відповідь з посиланням на відповідь та коментарі нижче.
Тобі Аллен

Як повернутися до програми, як тільки користувач закриє браузер?
Джонні Еверсон

3
@ Jhonny Everson: Ви не маєте контролю над тим, що станеться після закриття будь-якого зовнішнього додатка (включаючи Safari). Якщо ви хочете повернутися до свого додатка, коли користувач переглядає веб-переглядач, не відкривайте Safari, просто використовуйте UIWwbView та кнопку "Готово".
geon

1
Працював як шарм із локальним HTML-файлом.
necixy

1
Я думаю, у Swift switchпереважніший для enum типів
SDJMcHattie

44

Якщо хтось задається питанням, рішення Drawnonward виглядатиме так у Swift :

func webView(webView: UIWebView!, shouldStartLoadWithRequest request: NSURLRequest!, navigationType: UIWebViewNavigationType) -> Bool {
    if navigationType == UIWebViewNavigationType.LinkClicked {
        UIApplication.sharedApplication().openURL(request.URL)
        return false
    }
    return true
}

будь-яка ідея, як це зробити ТІЛЬКИ з URL-адресами, які мають https: // http: // або mailto:? використовуючи швидкий? Питання тут потребує швидкої відповіді! stackoverflow.com/questions/2532453/…
Джед Грант

Швидка версія @JedGrant зараз на stackoverflow.com/questions/2532453/…
Карл Шарман

2
обов'язково скористайтесяUIWebViewDelegate
Джей Маю

28

Один швидкий коментар до відповіді user306253: будьте обережні, коли ви намагаєтесь щось завантажити в UIWebView (тобто навіть з коду), цей спосіб запобіжить його становленню.

Що ви можете зробити, щоб запобігти цьому (спасибі Вейд):

if (inType == UIWebViewNavigationTypeLinkClicked) {
    [[UIApplication sharedApplication] openURL:[inRequest URL]];
    return NO;
}

return YES;

Ви також можете обробити типи UIWebViewNavigationTypeFormSubmittedта UIWebViewNavigationTypeFormResubmittedтипи.


8
+1 У мене був такий самий випуск. Рішенням було перевірити наявність UIWebViewNavigationTypeLinkClicked як тип запиту, ТАКІ відкрийте URL-адресу та поверніть НІ, інакше поверніть ТАК.
Вейд Мюллер

Уейд вам слід опублікувати свій коментар як відповідь
Тобі Аллен

16

Інші відповіді мають одну проблему: вони покладаються на дії, які ви робите, а не на самому посиланні, щоб вирішити, завантажувати його в Safari чи у веб-перегляді.

Зараз іноді це саме те, що ви хочете, що добре; але в інші часи, особливо якщо на вашій сторінці є якірні посилання, ви хочете дійсно відкривати лише зовнішні посилання в Safari, а не внутрішні. У такому випадку слід перевірити URL.hostвластивість вашого запиту.

Я використовую цей фрагмент коду, щоб перевірити, чи є у мене ім'я хоста в URL-адресі, що розбирається, чи вбудований html:

- (BOOL)webView:(UIWebView *)webView shouldStartLoadWithRequest:(NSURLRequest *)request navigationType:(UIWebViewNavigationType)navigationType {
    static NSString *regexp = @"^(([a-zA-Z]|[a-zA-Z][a-zA-Z0-9-]*[a-zA-Z0-9])[.])+([A-Za-z]|[A-Za-z][A-Za-z0-9-]*[A-Za-z0-9])$";
    NSPredicate *predicate = [NSPredicate predicateWithFormat:@"SELF MATCHES %@", regexp];

    if ([predicate evaluateWithObject:request.URL.host]) {
        [[UIApplication sharedApplication] openURL:request.URL];
        return NO; 
    } else {
        return YES; 
    }
}

Звичайно, ви можете адаптувати регулярний вираз відповідно до ваших потреб.


Примітка: регулярний вираз походить від stackoverflow.com/questions/106179/…
KPM

1
Так, до питання про фільтрування вхідних запитів, ні для розбору імені хоста. Кращим підходом було б фільтрування на основі схеми URL. На iOS 8.4 (тренажер) я отримав "applewebdata", який використовується як схема для прив'язки, але це може відрізнятися від цільової версії.
MandisaW

Гарна ідея MandisaW. Щоб дозволити якірні посилання, я перевіряю схему "файлу"if (request.URL?.scheme != "file")
Девід Дуглас

7

У Swift ви можете використовувати такий код:

extension YourViewController: UIWebViewDelegate {
    func webView(_ webView: UIWebView, shouldStartLoadWith request: URLRequest, navigationType: UIWebView.NavigationType) -> Bool {
        if let url = request.url, navigationType == UIWebView.NavigationType.linkClicked {
            UIApplication.shared.open(url, options: [:], completionHandler: nil)
            return false
        }
        return true
    }

}

Обов’язково перевіряйте значення URL-адреси та тип навігації.


1

Ось еквівалент відповіді Xamarin на iOS з витягненням.

class WebviewDelegate : UIWebViewDelegate {
    public override bool ShouldStartLoad (UIWebView webView, NSUrlRequest request, UIWebViewNavigationType navigationType) {
        if (navigationType == UIWebViewNavigationType.LinkClicked) {
            UIApplication.SharedApplication.OpenUrl (request.Url);
            return false;
        }
        return true;
    }
}

1

Прийнята відповідь не працює.

Якщо ваша сторінка завантажує URL-адреси через Javascript, це navigationTypeбуде UIWebViewNavigationTypeOther. Що, на жаль, включає також завантаження фонових сторінок, таких як аналітика.

Щоб виявити навігацію по сторінках, вам потрібно порівняти [request URL]з [request mainDocumentURL].

Це рішення працюватиме у всіх випадках:

- (BOOL)webView:(UIWebView *)view shouldStartLoadWithRequest:(NSURLRequest *)request navigationType:(UIWebViewNavigationType)type
{
    if ([[request URL] isEqual:[request mainDocumentURL]])
    {
        [[UIApplication sharedApplication] openURL:[request URL]];
        return NO;
    }
    else
    {       
        return YES;
    }
}

1
Чи можете ви опублікувати версію Swift 4?
Амджад

1

Примітка про відхилення додатка:

Нарешті UIWbViewмертвий, і Apple більше не прийме його.

Apple почала надсилати електронну пошту всім власникам додатків, які все ще використовують UIWebView:

Застареле використання API - Apple припинить приймати подання програм, які використовують UIWebViewAPI.

Apple сприймає конфіденційність користувачів дуже серйозно, і очевидно, що вони не дозволять отримати безпечний перегляд веб-сторінок .

Тому якнайшвидше видаліть UIWebView зі свого додатка. не використовувати спробувати використовувати UIWebViewв новому створеному додатку, і я вважаю за краще використовувати, WKWebViewякщо можливо

ITMS-90809: устарене використання API - Apple припинить приймати подання програм, які використовують API UIWebView. Див. Https://developer.apple.com/documentation/uikit/uiwebview для отримання додаткової інформації.

Приклад:

import UIKit
import WebKit

class WebInfoController: UIViewController,WKNavigationDelegate {

    var webView : WKWebView = {
        var webview = WKWebView()
        return webview
    }()

    var _fileName : String!

    override func viewDidLoad() {
        self.view.addSubview(webView)
        webView.fillSuperview()
        let url = Bundle.main.url(forResource: _fileName, withExtension: "html")!
        webView.loadFileURL(url, allowingReadAccessTo: url)
        let request = URLRequest(url: url)
        webView.load(request)
    }


    func webView(webView: WKWebView, didFailProvisionalNavigation navigation: WKNavigation!, withError error: NSError) {
        print(error.localizedDescription)
    }
    func webView(webView: WKWebView, didStartProvisionalNavigation navigation: WKNavigation!) {
        print("Strat to load")
    }
    func webView(webView: WKWebView, didFinishNavigation navigation: WKNavigation!) {
        print("finish to load")
    }
}

0

У моєму випадку я хочу переконатися, що абсолютно все у веб-перегляді відкриває Safari, за винятком початкового завантаження, і тому я використовую ...

- (BOOL)webView:(UIWebView *)inWeb shouldStartLoadWithRequest:(NSURLRequest *)inRequest navigationType:(UIWebViewNavigationType)inType {
     if(inType != UIWebViewNavigationTypeOther) {
        [[UIApplication sharedApplication] openURL:[inRequest URL]];
        return NO;
     }
     return YES;
}
Використовуючи наш веб-сайт, ви визнаєте, що прочитали та зрозуміли наші Політику щодо файлів cookie та Політику конфіденційності.
Licensed under cc by-sa 3.0 with attribution required.