Оновлення: я надіслав електронною поштою Тіма Краббе, і він погоджується, що 41. b4 bxa4 притягує.
Про це він опублікував ПС саме під старим аналізом.
Щодо "Skawinski - Tomczak, Європейський швидкий, Варшава 2011" ,
Тім Краббе каже, що "Білі могли перемогти з 41.b4!".
Після 41. b4 bxa4 вони досягли б позиції
з білим рухатися. Stockfish вважає, що з вищевикладеної позиції
все, крім bxa5, втрачає прямо для білого, і що після bxa5, a3, ймовірно,
утримується для чорного через контр-прорив на царський бік. Тім Краббе
вирішує цей прорив, але лише на 41. ... axb4, а не на 41. ... bxa4.
Ось що я вважаю на сьогодні оптимальною грою з наведеної діаграми:
Доказ того, що білі не мають вимушеної перемоги після цього рядка:
Основна лінія продовжується 9. ... h1=Q+ 10.Kb2 Qg2+ 11.Kb3 Qxf3+ 12.Kb4 Qxf4 13.Qd8+ Ke4. Відтворення Ka2 замість Kb2 нічого не змінює.
Якщо білий король сходить до 1 -го рангу , а не до 3 -го рангу або назад 2 -го рангу , а не до
рангу 4, то чорних перевірок по горизонталі від ф-файлу до білого короля переходить в ранг 4.
В
іншому випадку, чорний не хвилює , як Уайт король переходить від a1 до 4 рангу.
Нехай "6ptbd" є коротким для "6-х частин таблиці таблиць малювання або виграш-для-чорного".
Якщо король білого переходить до а4 замість b4, тоді:
Чорний грає Qd1 +. Якщо білий грає Ka3, то чорний грає Qa1 +.
Якщо білий не відтворює це чи не дотримується його з Kb3, то Qxd4, а потім Qxf4,
дає 6ptbd, тож для наступного речення припустімо 12.Ka4 Qa1+ 13.Kb3 Qxa8.
Якщо Kc3, то Qa1 +, а потім Qxd4, дає 6ptbd, інакше Kxd4 дає 6ptbd.
Стівен коментує, що після Qxf4 позиція є розіграшем основної таблиці таблиці. Оскільки я вже
мав більшість відповідних аналізів разом, перш ніж прочитати це, я дам аналіз, який, не покладаючись на finalgen (але все ж покладаючись на 5 & 6-ти частинні таблиці, коректні щодо певних позицій,
не вимушених виграш для білих), показує, що білі не мають вимушеної перемоги після Qxf4.
Після Qxf4, Qd8 + - єдиний хід, який не дозволяє чорному одразу
захопити на d4 протягом 6ptbw. Після Ke4 єдині рухи для білого, які
не дозволяють чорному одразу захопити для 6ptbd, - це Kc3, Qd7, g5.
Після Ke4, якщо Kc3, то чорний отримує принаймні нічию наступним чином:
Чорний починається з Qc1 +, а потім королева чорного рухається так далеко, як не дає білим захопити
його негайно під час ще перевірки знизу, якщо король білого не перейде до c5 або ранжу 6.
Якщо Kc5, то Qa3 +. Оскільки b5 і d3 і d5 охоплені пішаком і королем чорного,
єдиний вихід з цих чеків - це ранг 6, і єдиними способами, щоб
король білих потрапив туди, є a5 і c5, що означає, що королева чорного буде на а3.
У цьому випадку Kxc6 - це 6ptbd, а якщо Kb6, то Qb4 +, а потім Qxd4, - це розіграш бази даних.
Після Ke4, якщо Qd7, то чорний отримує принаймні нічию наступним чином:
Чорний починається з Qd2 +. Якщо Kc4 або Kc5, то чорний здебільшого дотримується процедури, описаної в попередньому абзаці, але якщо Qb4 + Ka6, то Qa4 +, а потім Qxd4, а не безпосередній Qxd4, а якщо Qb4 + Kxc6, то це вже 6ptbd, який Qxd4 втратить.
В іншому випадку Qxd4 дає 6ptbd.
Після Ke4, якщо g5, то чорний отримує принаймні нічию наступним чином:
Доки чорний не зможе перевірити знизу таким чином, що Qb1 не перевіряє Kb4, чорний рухається так, що [white_king's_square, black_queen's_square] є елементом {[a1 , d1], [b1, d1], [a2, d2], [b2, d2], [a3, c1], [b3, d1], [b4, d2]}. Як тільки чорний може перевірити знизу таким чином, що це не Qb1, перевіряючи Kb4, тоді чорний робить так близько до короля білого, що не дає білим захопити його негайно, і продовжує, поки король білого не досягне 6 рангу. Якщо Kd6, то Qxd4 + є a 6ptbd. Єдиний інший вихід із частини цього абзацу, що вийшов перед цим реченням, є Kb6. Після того, як білий зіграє це, поки білий не захопить c6 або не заблокує чек або решта цього речення не вимагає Qxg5, чорний рухається так, що [white_king's_square, black_queen '
{[a6, a4], [a7, a4], [a8, a4], [b6, b4], [b7, b5], [b8, b5], [c7, a5], [c8, f5], [ d6, d5], [d7, d5], [e7, g5], [e8, g8]}.
Білий захоплення c6 - це 6ptbd, а якщо білий блокує чек, то королева-пішака - це 6ptbd.
Речення два тому назад вимагає лише Qxg5 після Ke7, і в цьому випадку це 6ptbd.
Тому жоден з Kc3, Qd7, g5 не тримає вимушеної виграші для білих. QED
Таким чином, будь-який вимушений виграш для білих повинен відхилятися від цього рядка перед h1 = Q +.