Причини, з яких графік може бути не


21

Хоча трохи розмірковуючи над цим питанням , я намагався визначити всі різні причини, за якими графік може бути кольоровим. Це єдині 2 причини, які мені вдалося визначити поки що:kG=(VG,EG)k

  1. k + 1G містить кліку розміром . Це очевидна причина.k+1
  2. Там існує підграф з таким чином, що обидва наступні твердження:GH=(VH,EH)G

    • k - 1H не є кольоровим.k1
    • xVGVH yVH {x,y}EG . Іншими словами , існує в вузлі в , але не в , такий , що з'єднаний з кожним вузлом в .G H x HxGHxH

Ми можемо бачити 2 вищезгадані причини як правила. До рекурсивно їх застосування, тільки два шляхи , щоб збудувати не Colorable граф , який не містить кліка:k + 1kk+1

  1. Почніть з циклу рівномірної довжини (який є кольоровим), потім застосуйте правило 2 для рази. Зауважте, що ребро не вважається циклом довжиною (інакше цей процес матиме ефект створення ).к - 1 2 к + 12k12k+1
  2. Почніть з циклу непарної довжини (який є кольоровим), потім застосуйте правило 2 для рази. Довжина стартового циклу повинна бути більше (інакше цей процес матиме ефект створення кліки).к - 2 3 к + 13k23k+1

Питання

Чи є ще якась причина, окрім наведених вище 2, що робить графік не кольоровим?k

 
Оновлення 30.11.2012

Точніше, мені потрібна теорема форми:

Графік має хроматичне число χ ( G ) = k + 1, якщо і лише тоді, коли ...Gχ(G)=k+1

Обчислення Хайоса, на яке вказував Ювал Філімус у своїй відповіді, є прекрасним прикладом того, що я шукаю, оскільки графік має хроматичне число χ ( G ) = k + 1, якщо і тільки якщо воно може бути отримане з аксіоми K k + 1 , повторно застосовуючи 2 правила умовиводу числення. Тоді число Хайоса h ( G ) - це мінімальна кількість кроків, необхідних для отримання G (тобто це довжина найкоротшого доказу).Gχ(G)=k+1Kk+1h(G)G

Дуже цікаво, що:

  • Питання про те, чи існує графік , h ( G ) експоненціальний за розміром G , досі залишається відкритим.Gh(G)G
  • Якщо така не існує, то Н Р = C ущільнювача N P .GNP=coNP

5
Я повторю свій коментар із запитання, на яке ви посилаєтесь, якщо ви не знаєте теореми (що всі, хто думає про фарбування) Ердоса: Враховуючи натуральні числа g і k, є графік з обхватів принаймні g та хроматичним число хоча б k. Обхват графіка - це розмір найменшого циклу, тобто якщо ти маєш принаймні 3, кожен максимальний клік має розмір 2 (кожен край - максимальний клік).
Pål GD


2
Просте спостереження, яке часто допомагає: Кожен колірний клас - це незалежний набір. Якщо ви можете показати, що немає великого незалежного набору, то ви знаєте, що вам знадобиться багато кольорів.
Jukka Suomela

1
Якби завжди була проста причина, за якою графіки були не- кольоровими, проблема забарвлення графіка не була б важкою для NP. Якщо P = NP, деякі графіки не є k- кольоровими лише тому, що . kk
Jeffε

5
@ Jɛ ff E: причина може бути простою, але важкою для обчислення. Існує досить проста причина, чому графік має або не має -Clique, але він все ще важкий для NP. k
Люк Матхісон

Відповіді:


29

Ви повинні перевірити обчислення Hajós . Хайос показав, що кожен графік з хроматичним числом принаймні має підграф, який має "причину" вимагати k кольорів. Підстава, про яку йдеться, - система доказів, що вимагають k кольорів. Єдина аксіома - K k , і є два правила умовиводу. Дивіться також цей документ Pitassi та Urquhart про ефективність цієї системи доказів.kkkKk


1
Відмінно, це те, що я шукав.
Джорджіо Камерані

1
Дякуємо за вказівник. Раніше не знав про будівництво Хайосу.
Чандра Чекурі

15

Часткова відповідь, в тому, що я не знаю приємної "причини", яку можна узагальнити, але наступний графік (безсоромно прозваний звідси ):

Графік, що не містить 3 кольорів, без K4 або непарного циклу з повністю пов'язаним сусідом

Не є 3-кольоровим, але, очевидно, 4-кольоровим (будучи планарним), і він не містить , ні жодного циклу з додатковою вершиною, з'єднаною з усіма вершинами циклу (якщо я щось не пропускаю, але єдині вершини з'єднані з вершиною та її сусідом знаходяться в 3-х циклах). В подальшому ви можете застосувати версію правила 2, щоб отримати графік хроматичного числа 5.K4

Я б підозрював, що для будь-якого роду є графік певної мінімальної хроматичної кількості (див. Гіпотезу Heavy ), яка не відповідає правилам 1 або 2. Звичайно, я не маю жодного доказу, крім інтуїції.


K4

1
kKk

Kkk1

5
Kk

12

Ловаш знайшов топологічні перешкоди для k-забарвлення і застосував свою теорію для вирішення гіпотези Кнасера. Його теорема така. Нехай G - зв'язаний графік, а N (G) - спрощений комплекс, обличчя якого є підмножинами V, які мають спільних сусідів. Тоді якщо N (K) k-пов'язаний (а саме всі його зменшені групи гомології дорівнюють 0 до розмірності k-1), то кількість кольорів, необхідних для забарвлення G, принаймні k + 3.


11

Немає великого незалежного набору може бути настільки ж важливим, як і великий клік.

Важливою перешкодою для графіка, який не є кольоровим, є те, що максимальний розмір незалежної множини менший, ніж n / k, де n - кількість вершин. Це дуже важлива обструкція. Наприклад, це означає, що випадковий графік у G (n, 1/2) має хроматичне число щонайменше n / log n.

Більш досконала перешкода полягає в тому, що для кожного призначення невід'ємних ваг для вершин не існує незалежного набору, який захоплює частку 1/5 (або більше) від загальної ваги. Зауважте, що це також включає "відсутність перешкод для натискання". LP-подвійність говорить вам, що ця перешкода еквівалентна тому, що "дробове хроматичне число" G є більшим за k.

Існують також перешкоди для k-забарвлення різного характеру, які іноді виходять за межі дробового хроматичного бар'єру чисел. Я присвячу їм окрему відповідь.


Дякую за вашу відповідь! Більш вишукані перешкоди для обв'язування ваг та незалежних наборів надзвичайно цікаві ...
Giorgio Camerani

Використовуючи наш веб-сайт, ви визнаєте, що прочитали та зрозуміли наші Політику щодо файлів cookie та Політику конфіденційності.
Licensed under cc by-sa 3.0 with attribution required.