-мережі щодо норми скорочення


10

Норма зрізу реальної матриці - це максимум для всіх кількості. A = ( a i , j ) R n × n I [ n ] , J [ n ] | i I , j J a i , j |||A||CA=(ai,j)Rn×nI[n],J[n]|iI,jJai,j|

Визначте відстань між двома матрицями і що будеB d C ( A , B ) = | | А - В | | СABdC(A,B)=||AB||C

Яка кардинальність найменшого -метрики метричного простору ?( [ 0 , 1 ] n × n , d C )ϵ([0,1]n×n,dC)

тобто розмір найменшого підмножини такий, що для всіх існує такий, що . A [ 0 , 1 ] n × n A S d C ( A , A ) ϵS[0,1]n×nA[0,1]n×nASdC(A,A)ϵ

(EDIT: я забув згадати, але мене також цікавить "невідповідний" -nets, з - тобто якщо елементами -net має записи поза [0,1], що також цікаво.)S R n × n + ϵϵSR+n×nϵ

Мене цікавлять і верхня, і нижня.

Зауважте, що методи розрізання розрізання означають -мережі для вирізаних метрик, але дають щось сильніше, ніж мені потрібно - вони дають -мережу, для якої ви можете ефективно знайти -закрити точку до будь-якої матриці, просто відібравши вибірку з цього матриця. Можна уявити, що існує набагато менше -мереж, для яких не можна просто взяти вибірку, знайти -закрити точку довільної матриці.ϵ ϵ ϵ ϵϵϵϵϵϵ

Я спочатку задав це питання тут на mathoverflow.


Оскільки норма розрізу A більша або дорівнює абсолютній величині кожного запису A, зрозуміло, що ε-сітка повинна мати розмір принаймні (1 / (2ε)) ^ (n ^ 2). Яка верхня межа походить від методики розрізання розрізів? (Це, мабуть, німе питання, але я не знаю цієї техніки.)
Цуйосі Іто

Щоб переконатися, я перетворив першу половину свого попереднього коментаря у відповідь (і додав до неї верхню межу). Мене все ще цікавить верхня межа, що випливає з розрізаної методики розпилювача.
Цуйосі Іто

Вищенаведена методика дає матриці із записами в а не в . Я забув згадати про це у публікації, але мене також цікавлять подібні форми обкладинки. [ 0 , 1 ] ϵ{0,m||A||1}[0,1]ϵ
Аарон Рот

-мережі ви отримуєте від розрізу sparsification фактично не лежить в . Інтерпретуйте матрицю як розподіл ймовірностей по краях спрямованого графіка, а зразок ребер розподілу. Вага кожного краю на . За аргументами розмірності VC (або просто з’єднанням, пов'язаним через надрізи), максимальна помилка добавки для будь-якого розрізу буде . Отже, це означає, що множина (відповідно зважених) графіків на ребрах утворює -net, що нетривіально для . [ 0 , 1 ] n × n m = ˜ O ( n / ϵ 2 ) | | А | | 1 / м Про ( & epsi ; п 2 ) п 5 / & epsi ; 2 & epsi ; & epsi ; > п 3 / 2ϵ[0,1]n×nm=O~(n/ϵ2)||A||1/mO(ϵn2)n5/ϵ2ϵϵ>n3/2
Аарон Рот

Відповіді:


8

Ось проста оцінка. Тут ми називаємо множину SX a ε - мережею метричного простору X, коли для кожної точки xX існує точка sS така, що відстань між x і s становить щонайбільше ε . Якщо ви хочете суворої нерівності у визначенні ε -net, ви можете трохи змінити значення ε .

Він вважає, що || А || ≤ || А || Cn 2 || А || , де || А || позначає entrywise Max-норму в п × п матриці А .

Легко побудувати ε -метрию метричного простору ([0,1] N , d ) з розміром ⌈1 / (2 ε ) ⌉ N , і не важко показати, що цей розмір є мінімальним. (Щоб показати мінімальність, врахуйте точки ⌈1 / (2 ε ) ⌉ N , координати яких кратні 1 / ⌈1 / (2 ε ) −1⌉, і покажіть, що відстань між будь-якими двома з цих точок більше 2 ε .) Встановлюючи N = n 2 і поєднуючи це з вищезгаданим порівнянням між нормою розрізу та максимальною нормою, мінімальна кардинальність a ε-нета по відношенню до норми зрізу становить щонайменше ⌈1 / (2 ε ) ⌉ n 2 і щонайбільше ⌈ n 2 / (2 ε ) ⌉ n 2 .


Оновлення : Якщо мій розрахунок правильний, кращу нижню межу Ω ( n / ε ) n 2 можна отримати за допомогою аргументу гучності. Для цього нам потрібна верхня межа обсягу ε- кулі відносно норми зрізу.

Спочатку ми розглянемо “норму зрізу” одного вектора, яка є максимумом між сумою позитивних елементів та запереченою сумою негативних елементів. Не важко показати, що обсяг ε- кулі у ℝ n стосовно цієї "норми зрізу" дорівнює

εnI{1,,n}1|I|!1(n|I|)!=εnr=0n(nr)1r!(nr)!

=εnn!r=0n(nr)2=εnn!(2nn)=(2n)!εn(n!)3.

Далі, так як розрізана норма в п × п матриці А більше або дорівнює розрізана норму кожного рядка, обсяг ε -куля в ℝ п × п вищими за в п - го ступеня обсягу ε -ball у ℝ n . Тому розмір ε- нетто [0,1] n × n повинен бути не менше

(n!)3n(2n)!nεn2=(Ω(nε))n2,

де остання рівність - це нудне обчислення, в якому ми використовуємо формулу Стірлінга : ln n ! = n ln n - n + O (log n ).


У відповідь на редагування (редакція 4) питання, нижня межа, зазначена у цій відповіді, також застосовна для "не належних" ε-мереж.
Цуйосі Іто

Виглядає правильно, красиво зроблено!
Сісен-Чі Чанг 31 之

@ Hsien-Chih: Дякую Частина, яка мені найбільше подобається, - це використання біноміальних коефіцієнтів для обчислення об’єму кулі ε в ℝ ^ n.
Цуйосі Іто

Я підозрюю, що нижня межа розміру сітки (що еквівалентно верхня межа об'єму) може бути покращена. Я задав відповідне запитання про MathOverflow.
Цуйосі Іто
Використовуючи наш веб-сайт, ви визнаєте, що прочитали та зрозуміли наші Політику щодо файлів cookie та Політику конфіденційності.
Licensed under cc by-sa 3.0 with attribution required.